Реферат: Теория вероятностей
Министерствообразования и науки Российской Федерации
Бузулукскийгуманитарно-технологический институт (филиал) государственного образовательногоучреждения высшего профессионального образования
«Оренбургскийгосударственный университет»
Факультетзаочного обучения
Кафедра физики,информатики, математики
Контрольная работа
подисциплине Математика
Руководитель работы:
Шабалина Л.Г.
Исполнитель:
Студент з-09 ПГС группы
Сушков Е.А.
Бузулук 2010
Задание 1
1. Рабочий обслуживаеттри станка, работающих независимо друг от друга. Вероятность того, что втечение часа 1-й станок не потребует внимания рабочего, равна 0,9; для второго- 0,8; для третьего – 0,85.
Какова вероятностьтого, что в течение часа:
а) ни один станок непотребует внимания рабочего;
б) все три станкапотребуют внимания рабочего;
в) какой-нибудь одинстанок потребует внимания рабочего;
г) хотя бы один станокпотребует внимания рабочего?
Решение: III III
P0,9 0, 8 0, 85
а) А (i=1,2,3) – не потребует внимания станок в течение часа
В – событие, где все 3станка не потребуют внимания рабочего в течение часа
Р (В) = Р (А1 ×А2 × А3) = Р(А1) × Р(А2) × Р(А3) = 0,9 × 0,8 ×0,85 = 0,612
б) А (i=1,2,3) – не потребует i-йвнимания станок
Ᾱ(i =1,2,3) – потребует i-йвнимания станок, независимое событие
Р (Ᾱ1) = 1 – 0,9 = 0,1
Р (Ᾱ2) = 1 – 0,8 = 0,2
Р (Ᾱ3) = 1 – 0,85 = 0,15
Р (Ᾱ1 × Ᾱ 2 × Ᾱ3) = (0,1 × 0,2 × 0,15) = 0,003
в) Ᾱ1 = 0,1; Ᾱ 2 = 0,2; Ᾱ3 = 0,85
Аi– один станок потребует внимания рабочего в течение часа
Р (В) = Р (А1 × Ᾱ2 × А3 + Ᾱ 1 × А2 ×А3 + А1 × А2 × Ᾱ 3) = (0,9×0,2 × 0,85 + 0,1 × 0,8 × 0,85 + 0,9 × 0,8 × 0,15)= 0,329
г) Найдём вероятностьчерез противоположное событие, т.е. ни один станок не потребует вниманиярабочего в течение часа
Р (А1 × А2 ×А3) = Р (А1) × Р (А2) × Р (А3) = 0,9 × 0,8 × 0,85 =0,612
Р ( С) = 1 – 0,612 =0,388
Ответ: а)вероятность равна 0,612, что в течение часа ни один станок не потребуетвнимания рабочего; б) вероятность равна 0,003, что в течение часа все тристанка потребуют внимания рабочего; в) вероятность равна 0,329, что в течениечаса какой-нибудь один станок потребует внимания рабочего; г) вероятность равна0,388, что в течение часа хотя бы один станок потребует внимания рабочего.
Задание 2
Ящик содержит 10 деталей,среди которых 3 стандартные. Найти вероятность того, что среди отобранных 5деталей окажутся: а) только 2 стандартные детали; б) все детали нестандартные;в) все детали стандартные; г) хотя бы одна деталь стандартная.
Решение:
а) число способов, гдевзяли 5 деталей из 10 детали, можно подсчитать по формуле:
С2 – число способов,где взяли 2 стандартные детали из 3-х нестандартных
С3 – число способов,где взяли 3 стандартные детали из 7-ми нестандартных
С5 – всего способов,где взяли 5 стандартных деталей из 10-ти
С2 =__3!___ = 3 С3 =__7!___ = 35 С5 = __10!___ = 252
2! × 1! 3!× 4! 5! × 5!
С3 × С7 = 3× 35 = 0,417
С5 252
б) С7 – число способоввыбора, где взяли 5 деталей из 7-ми
С5 = __7!__ = 21
5! ×2!
Число выбора деталейсчитается в сочетании С5 = 1
С7 – число способов,где взяли 5 деталей из 7-ми
С10 – всего способов,где взяли 5 деталей из 10-ти
Искомая вероятность Р (Д):
Р (Д) = С7 × С3 =21 × 1 = 0,083
С10 252
в) Событие, где взяли 5стандартных деталей из 3-х стандартных деталей невозможно. Вероятность равнанулю.
г) Найдём искомуювероятность через противоположное событие:
С7 – число способов,где взяли 5 нестандартных деталей из 7-ми
С3 – число способоввыбора из 3-х
С10 – всего способов,где взяли 5 деталей из 10-ти
С7 × С3 = 0,083 — искомая вероятность равна результату под пунктом б). С10
Ответ: а)Если среди отобранных 5 деталей окажутся только 2 стандартные детали, товероятность равна 0,417; б) если среди отобранных 5 деталей окажутся все деталинестандартные, то вероятность равна 0,083;в) если среди отобранных 5 деталей окажутся все детали стандартные, товероятность равна 0; г) если среди отобранных 5 деталей окажется, хотя бы однадеталь стандартная, то вероятность равна 0,083.
Задание 3
Имеется 2 ящикаизделий, причем в одном ящике все изделия доброкачественны, а во втором — только половина. Изделие, взятое наудачу из выбранного ящика, оказалосьдоброкачественным. На сколько отличаются вероятности того, что изделиепринадлежит первому и второму ящику, если количество изделий в ящикаходинаково?
Решение: Iящик II ящик
Доброкачественные 50 ×50 изделия Н1 – взяли из Iящика с доброкачественными изделиями, то Р ( Н1) = 0,5
Н2 – взяли из IIящика, то Р ( Н2) = 0,5
Событие А, где взялидоброкачественную деталь, Р ( А ǀН1) = 1
Событие А ǀН1 – доброкачественная деталь из Iящика
Событие А ǀН2 – из II ящика, Р ( А ǀН2) = 0,5
Тогда искомаявероятность Р ( А ) =Р ( Н1 ) × Р ( А ǀН1 ) + Р ( Н2 ) × Р (А ǀ Н2)
Р ( А) = 0,5 × 1+ 0,5 × 0,5 = 0,5 + 0,25 = 0,75
Р ( Н1 ) × Р ( А ǀН1 ) ˃Р ( Н2 ) × Р ( А ǀ Н2)
Ответ: Еслиизделие принадлежит первому и второму ящику, и количество изделий в ящикаходинаково, то вероятности отличаются на 0,75.
Задание 4
В ящике находятсяизделия, сделанные на трех станках: 20 – на первом станке, 18 — на втором и 14- на третьем. Вероятности того, что изделия, изготовленные на первом, втором итретьем станках, отличного качества, соответственно, равны 0,7; 0,85; 0,9.Взятое наудачу изделие оказалось отличного качества. Какова вероятность того,что оно изготовлено на втором станке?
Решение: III III
20 18 14
0,7 0,85 0,9
Р ( А ǀН1 ) = 0,7 Р ( А ǀ Н2 ) = 0,85 Р ( А ǀН3 ) = 0,9
Р ( А) = 0,7 ×0,85 × 0,9 = 0,536
А – взятое изделиеотличного качества из IIстанка
Искомая вероятностьравна:
Р ( Н2 ǀА ) = ________ Р ( Н2 ) × Р ( А ǀН2)
Р ( Н1 ) × Р ( А ǀН1 ) + Р ( Н2 ) × Р ( А ǀ Н2 ) + Р ( А ǀН3)
Где Н1, Н2, Н3 –соответственно изготовлено изделий на станках I,II и III.
Р ( А ǀН1) = 0,7 – вероятность отличной детали Iстанка
Р ( А ǀН2) = 0,85 – вероятность отличной детали IIстанка
Р ( А ǀН3) = 0,9 – вероятность отличной детали IIIстанка
Р ( Н2 ǀА) = ________ 0,346 × 0,85 ______________ = 0,294 = 0,365
0,385 ×0,7 + 0,346 × 0,85 + 0,269 × 0,9 0,806
Ответ: Вероятностьравна 0,365, что взятое наудачу изделие оказалось отличногокачества изготовлено на втором станке.
Задание 5
Найти вероятность того,что событие А произойдет не менее 2 раз в 4 независимых испытаниях, есливероятность наступления события А в одном испытании равна 0,6.
Решение:
Событие А произойдёт неменее 2-х раз в 4 независимых испытаниях
Р ( А ) = р Р ( А) = Сm× рm × qn- m
Р = 0,6
q= 1 – р = 1 – 0,6 = 0,4
– вероятностьпротивоположного события. Нет наступления события А в 1-ом испытании.
Найдём произведение npqи определим формулу вычисления:
вероятностьслучайный величина интегральный
n= 4 npq = 4 × 0,6× 0,4 = 0,96
Можно использоватьформулу Бернули:
Р ( А) = С2 × p2× q2 + С3 × р3× q1 + С4 × р4× q0
Найдём черезпротивоположное событие:
Р ( А) = 1 – С0 ×p0 × q4+ С1 × p1 × q3= 1 – 1 × 1 × (0,4)4 + 4 × 0,6 × (0,4)3 = 1 – 0,0256 +4 × 0,6 × 0,064 = 0,9744 + 0,1536 = 1,128
С4 = __4!__ = 4
1!× 3!
Ответ: Еслисобытие А произойдет не менее 2 раз в 4 независимых испытаниях, то вероятностьравна 1,128.
Задание 6
Вероятность того, чтопара обуви, наудачу из изготовленной партии, окажется 1-го сорта, равна 0,7.Определить вероятность того, что из 2100 пар, поступающих на контроль, числопар первосортной обуви окажется не менее 1000 и не более 1500.
Решение:
Для решения задачииспользуем интегральную формулу Муавра – Лапласа.
Вероятность событий Рn(m1 ˂m ˂m2) = Ф (х2) – Ф (х1)
р = 0,7; n= 2100; m1 = 1000; m2= 1500; q = 0,3
х1 = _m1– np_ = 1000 – 2100 × 0,7 = 1000– 1470 = – 470 = – 22,38
√ npq√2100× 0,7 × 0,3 √441 21
х2 = _m2– np_ = 1500 – 2100 × 0,7 = 1500– 1470 = _30_ = 1,43
√ npq√2100× 0,7 × 0,3 √441 21
Ф ( – х) = – Ф (х) Ф (–22,38) = 0,5 Ф (– 22,38) = 0,4236
Ф (х2) – Ф (х1) = Ф (х2)+ Ф (х1) = 0,5 + 0,4236 = 0,9236
Ответ: Если числопар первосортной обуви окажется не менее 1000 и не более 1500, то из 2100 пар,поступающих на контроль, равна вероятности 0,9236.
Задание 7
Случайная величина Хзадана интегральной функцией F(x).Требуется: а) найти дифференциальную функцию f(х)(плотность вероятности), б) найти математическое ожидание и дисперсию Х, в)построить графики интегральной и дифференциальной функций, г) вероятностьпопадания случайной величины Х в интервал />.
Решение:
По определению Fʹ(х) = f(х)
0, при х ≤ 0
f( х) = х2, при 0 ˂ х ≤ 2
1, при х ˃2
Fʹ( х ) = 0ʹ = 0 Fʹ( х ) = ( х2 ÷ 4 )ʹ = 0,5х Fʹ( х ) = 1ʹ = 0
в) Построение графиковинтегральной и дифференциальной функции.
/>/>
б) М (Х) = х f(х) dx = 0 dx+х × _1_ dx + 0 dx=_ 1_ × х3 ÷ 3 = х3 ÷ 6 =
2 2 =_ 23_ – _03 = 8 –0 = 4 = а
6 6 6 3
Д (Х) = (х – _4_)2 f(х) dx = 0 (х – _4)2 f(х) dx + (х – 4)2 1 х dx+
3 3 3 2
+ (х – 4_)2 f(х)dx = (1 х3 – 4 х2 + 8 х) dx= (1_× х4 — 4_× х3 + 8_× х2) =
3 2 3 9 2 3 9
= 1_ × 24 – 4× 23 + 8_ × 22 = 16 – 32 + 16 = 144 – 128 = 16 = _2_
2 4 3 3 9 2 8 9 9 72 729
г) Р ( 1 ˂Х ˂2) = F(в)– F (а)22 × 1 – 12 × 1 = _1 – _1 = _1_ ––
3 4 3 4 9 12 12
вероятность попадания вэтот промежуток.
Ответ: М (Х) = _4 = а;Д (Х) = _2; Р ( 1 ˂ Х ˂2) =_ 1_
3 9 12
Задание 8
Найти вероятностьпопадания в заданный интервал ( a,b) нормально распределенной случайной величины Х, если известны еематематическое ожидание а и среднее квадратическое отклонение s.
a = 2, b= 13, а = 10, s = 4.
Решение:
Если случайная величинаХ нормально распределена, то она является непрерывной случайной величиной, и М(Х) вычисляется, как: (a + b) ÷ 2, а Д (Х) вычисляется,как: (b-a)÷ (в-а), и s связаны формулой √ Д.
Тогда вероятность: Р {Х ϵ[a,b]} будет вычисляться по формуле:
Ф ( (b–a) ÷ s) – Ф ( (a–b)÷ s ).
М (Х) = (a+ b)÷ 2 = (2 + 13) ÷ 2 = 7,5
Д (Х) = (b- a)2÷ 12 = 9 ÷ 12 = 0,75
s = √ Д = √0,75 = 0,87 × 100 = 87
То искомая вероятностьнаходится по формуле:
Р (a˂Х ˂b) = Ф( (b–a) ÷ s ) – Ф ( (a–b)÷ s ) = Ф ((13 – 10) ÷ 4) –
Ф ((2 – 10) ÷ 4)= Ф (0,75) – Ф (– 2) = Ф(0,75) + Ф (2) = 0,2734 + 0,5 =
=0,773
Где Фх – функция Лапласа,которую находим по таблице.
Ответ: Вероятностьпопадания в заданный интервал ( a,b) нормально распределенной случайной величины Х, равна 0,773.
Задание 9
Найти доверительныеинтервалы для оценки математического ожидания нормального распределения снадежностью 0,95, если выборочная средняя />, объем выборки nи среднее квадратическое отклонение s.
/>= 12, 15, n= 169 s= 5
Решение:
Находим доверительныеинтервалы: х – t γ ˂ а ˂х + t γ
√ n √ n
где Ф(t) = Ф (γ ÷ s)→ t= (γ ÷ s) = (0,95 ÷ 5) =0,19
х – t γ = 12,15 – 0,19× 0,95 = 12,15 – 0,01 = 12,14
√ n √ 169
х + t γ = 12,15 + 0,19× 0,95 = 12,15 + 0,01 = 12,16
√ n √ 169
Ответ: Доверительныеинтервалы 12,14 ˂ а ˂12,16.
Литература
1. СевастьяновБ.А., Чистяков В.П, Зубков А.М. Сборник задач по теории вероятностей – М.:Наука, 1980.
2. ШипачевВ.С. Высшая математика. М.: Высшая школа, 2004.
3. ЧистяковВ.П. Курс теории вероятности, М.: 2001.
4. ГмурманВ.Е. Теория вероятностей и математическая статистика.- М.: Высшая школа, 2003.
5. ГмурманВ.Е. Руководство к решению задач по теории вероятностей и математическойстатистике.- М.: Высшая школа, 2003.
6. ДанкоП.Е и др. Высшая математика в упражнениях и задачах (Iи II часть).-М, 2005.
7. БогаровП.П., Печинкин А.В. Теория вероятностей. Математическая статистика – М.: 1998.
8. ВенцельЕ.С. Теория вероятностей – М.: 1962.
9. СолодовниковА.С. Теория вероятностей М.: Просвещение, 1978.
10. ВиленкинН.Я., Потапов В.Т. Задачник-практикум по теории вероятности с элементамикомбинаторики и математической статистики.
11. КремерН.Ш.: «Теория вероятностей и математическая статистика»; М.ЮНИТИ – Дана, 2003.